洛谷 P4568 [JLOI2011]飞行路线 题解【图论】【分层图】
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分层图是用来解决有k次“删边”机会的最短路问题的一种做法。
题目描述
Alice和Bob现在要乘飞机旅行,他们选择了一家相对便宜的航空公司。该航空公司一共在n个城市设有业务,设这些城市分别标记为0到n-1,一共有m种航线,每种航线连接两个城市,并且航线有一定的价格。
Alice和Bob现在要从一个城市沿着航线到达另一个城市,途中可以进行转机。航空公司对他们这次旅行也推出优惠,他们可以免费在最多k种航线上搭乘飞机。那么Alice和Bob这次出行最少花费多少?
输入输出格式
输入格式:
数据的第一行有三个整数,n,m,k,分别表示城市数,航线数和免费乘坐次数。
第二行有两个整数,s,t,分别表示他们出行的起点城市编号和终点城市编号。
接下来有m行,每行三个整数,a,b,c,表示存在一种航线,能从城市a到达城市b,或从城市b到达城市a,价格为c。输出格式:
只有一行,包含一个整数,为最少花费。
输入输出样例
输入样例#1:5 6 10 40 1 51 2 52 3 53 4 52 3 30 2 100输出样例#1:8说明
对于30%的数据,2<=n<=50,1<=m<=300,k=0;
对于50%的数据,2<=n<=600,1<=m<=6000,0<=k<=1;
对于100%的数据,2<=n<=10000,1<=m<=50000,0<=k<=10,0<=s,t<n,0<=a,b<n,a≠b,0<=c<=1000.
这个题也就是在图上删掉k条边使得此时的最短路解最优。
这样我们就引入了分层图问题,也就是把图分成k层,就是可以有k次“免过路费”的权利。我们通过分层来控制删减并且只删减k条边的条件,对于一条边u->v,边权为w来说,它删掉当前边,就要跳到下一层去,说明用掉了一次机会。我们把初始状态设为第0层,那么第i层就是删掉i条边后的状态了。像下面的两层:
我们把所有有向边都向下指一层,变成:
当黄色和绿色的边都是有边权的边时,蓝色是没有边权的边,那么因为所有蓝色边是有向的(在无向图中也是),控制了只跳过k次这个条件,而点相当于是原来的k倍。这样我们直接在新图上跑最短路就可以了(原题卡SPFA)。
我们有两种做法:第一种是建k×n个点的图,像图上一样连边,最后求到第k×n个点的最短路。第二种有点像动态规划/递推的思想,在dijkstra算法的结果数组中增加一维,上一维通过蓝色边连接到下一位是不需要边权的耗费的,于是这个转移方程是e=(u,v,w):f[v][k+1]=f[u][k](k!=h,h是原题中的k),其他和最短路一样松弛就行了。
Code:
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
using std::priority_queue;
struct statu
{
int n,r,v;
statu(int n,int r,int v)
{
this->n=n;
this->r=r;
this->v=v;
}
statu(){}
friend bool operator <(statu a,statu b)
{
return a.v>b.v;
}
};
priority_queue<statu> q;
struct node
{
int n,v;
node *nxt;
node(int n,int v)
{
this->n=n;
this->v=v;
nxt=NULL;
}
node()
{
nxt=NULL;
}
};
node head[11000],*tail[11000];
int f[11000][15];
int s,t,h;
void dijk()
{
f[s][0]=0;
statu k(s,0,0);
q.push(k);
while(!q.empty())
{
k=q.top();
q.pop();
if(k.v>f[k.n][k.r])
continue;
node *p=&head[k.n];
while(p->nxt!=NULL)//同层之间转移
{
p=p->nxt;
if(k.v+p->v<f[p->n][k.r])
{
f[p->n][k.r]=k.v+p->v;
q.push(statu(p->n,k.r,f[p->n][k.r]));
}
}
if(k.r!=h)//跨层递推
{
p=&head[k.n];
while(p->nxt!=NULL)
{
p=p->nxt;
if(k.v<f[p->n][k.r+1])
{
f[p->n][k.r+1]=k.v;
q.push(statu(p->n,k.r+1,f[p->n][k.r+1]));
}
}
}
}
}
int main()
{
memset(f,0x3f,sizeof(f));
int n,m;
scanf("%d%d%d",&n,&m,&h);
for(int i=0;i<n;i++)
tail[i]=&head[i];
scanf("%d%d",&s,&t);
int u,v,w;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);
tail[u]->nxt=new node(v,w);
tail[u]=tail[u]->nxt;
tail[v]->nxt=new node(u,w);
tail[v]=tail[v]->nxt;
}
dijk();
printf("%d\n",f[t][h]);
return 0;
}
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